一、单项选择题（每小题2分，共32分）每小题只有一个选项是正确的，请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑 1．（2分）以下用品中，在通常情况下属于导体的是（ ） A．橡皮擦
B．铅笔芯
C．玻璃杯
D．塑料尺
2．（2分）如图所示，能解释“手影”形成的是（ ）
A．光的反射 B．光的折射 C．光的直线传播 D．平面镜成像
3．（2分）关于安全用电，下列说法正确的是（ ） A．用湿布擦工作中的用电器 B．维修家用电器前要切断电源 C．发现有人触电时，立即用手把人拉开 D．在户外遇到需雨天气时，躲在树下最安全 4．（2分）下列估测最符合实际的是（ ） A．一个苹果的质量约为500g C．一支铅笔的长度约为0.5 m
B．人的正常体温约为37℃
D．一节干电池的电压约为5V
5．（2分）如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S后，电压表V1的示数是2.5V，V2的示数是3.8V，则电压表V3的示数是（ ）
A．1.3V B．2.5V C．3.8V D．6.3V
6．（2分）下列有关声的说法，正确的是（ ） A．老师讲课的声音是由声带的振动产生的 B．学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
C．“闻其声，知其人”是根据声音的音调判断的 D．医生通过听诊器给病人诊病是利用声波传递能量
7．（2分）如图所示，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。下列仪器成像特点与
其相同的是（ ）A．放大镜
B．照相机
C．投影仪 D．显微镜
8．（2分）体育测试中，小明立定跳远的运动轨迹如图所示，他在上升过程中（ ）
A．动能减小 B．动能增大 C．重力势能减小 D．重力势能不变
9．（2分）“发电鞋”是一种新型科研产品，其内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈中就产生了感应电流，“发电鞋”的工作原理（ ） A．电磁感应 C．电流的热效应
B．电流的磁效应 D．磁场对电流的作用
10．（2分）生活中的热现象随处可见，下列说法不正确的是（ ） A．夏天洒水降温，是利用水蒸发吸热
B．冬天握手取暖，说明做功可以改变内能 C．海边昼夜温差小，是因为海水的比热容小 D．端午节米棕飘香，说明分子不停做热运动
11．（2分）如图是一款既能健身又低碳的“共享单车”，它是互联网、智能手机、GPS定位系統和单车的资源整合，关于“共享单车“，下列说法正确的是（ ）
A．单车手把上的花纹是为了减小摩擦
B．单车坐垫设计为较宽，目的是为了增大压强 C．以行驶单车为参照物，路边的房屋是静止的
D．GPS通过电磁波把单车的位置信息传递统信息处理中心
12．（2分）“歼15”飞机在“辽宁号”航母上进行起降训练。下列说法正确的是（ ） A．飞机减速降落，机械能增大 B．飞机静止在航母上，没有惯性
C．飞机加速起飞，运动状态保持不变
D．飞机空中飞行，机翼上方空气流速大压强小
13．（2分）甲、乙两种物体的质量和体积的关系图象如图所示，则甲、乙两物体的密度之比是（ ）
A．8：1 B．4：3 C．4：1 D．2：1
14．（2分）如图所示，汽车装有日间行车灯可以提高行车安全，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起：再闭合S2车前大灯L2也亮起。符合这一情况的电路图是（ ）
A．
B．
C．
D．
15．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，再闭合开关S1时，发生变化的是（ ）
A．灯L的亮度 C．电流表A的示数
B．电压表V的示数 D．电流表A1的示数
16．（2分）在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（ ）
A．一直变小
B．一直变大 C．一直不变 D．先变小后变大
二、填空题 17．（2分）用吸管“吸”盒装牛奶时，牛奶是在 作用下被“吸“入口中的；吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物体的 。
18．（2分）海波在熔化过程中不断吸热，温度 （选填“升高“或“不变”）；说明海波
属于 （选填“晶体”或“非晶体”）
19．（2分）如图所示，磁悬浮地球仪应用了 （选填“同”或“异”）名磁极相互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力 （选填“是“或“不是”）一对平衡力。
20．（3分）可燃冰，石油、煤都属于 （选填“可“或“不可”）再生能源。若可燃冰的热值为4×107J/m3，完全燃烧lm3的可燃冰可放出的热量是 J，这些热量有60%被水吸收，可把 kg的水从20℃加热到80℃．[水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）] 21．（3分）图是智能扶手电梯工作原理图，其中R是压敏电阻，电磁铁上端是 极。电梯无乘客时，电磁铁磁性极弱，衔铁与触点1接触；当有乘客时，R的阻值减小，磁性变 （选填“强”或“弱”），使衔铁与接触点2接触，通过电动机的电流变 （选填“大”或“小”），电动机转动变快，使电梯运动变快。
22．（3分）如图所示，桌子上有一个底面积为2×10﹣2m2、内盛有某液体的圆柱形容器，物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则A的密度 （选填“大于”、“小于”“等于”）液体的密度，若A的密度为0.5×103kg/m3，体积为4×10﹣4m3则A的质量为 kg．现用力压A，使其缓慢向下，直到恰好浸没在液体中（液体未溢出），此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则该液体的密度为 kg/m3。
三、作图与简答题（共8分）请把答案直接填写在答题卡相同的位置上． 23．（2分）在图中画出南瓜受到重力G的示意图。
24．（2分）用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路。
25．（4分）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，这是为什么？把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间。玻璃容易破裂，这又是为什么？请用学过的物理知识解释这两个现象。
四、实验与探究题（共20分）请把答案直接填写在答题卡相应的位置上 26．（6分）利用图15装置进行探究光的反射规律实验
（1）让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面，在纸板B上可看到光线沿OF方向射出，在纸板上：用笔描出光线EO和OF的轨迹，则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是选填 。（“入射角”成“反射角”）
（2）多次改变入射角的大小，测得实验数据如下表
序号 1 2 3
∠i 30° 45° 50°
∠r 30° 45° 50°
分析数据可得：反射角 （选填“大于”、“小于”或“等于”）入射角：当入射角变大时，光线OF （选填“远离”或“靠近”）直线ON。
（3）以直线ON为轴线。把纸板B向前或向后折，在纸板B上 （选填“能”或“不能”）看到反射光线OF，由此说明反射光线、入射光线与法线在 （选填“同一”或“不同”）平面内。
（4）实验中，从教室各个方向都能见察到粗糙纸板表面反射的光线，这种反射属于 （选填“镜面反射”或“漫反射）
27．（7分）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想 猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关 猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关 猜想3：浮力的人小可能与物体的形状有关 猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关
（1）如图1所示，用手把饮料罐按入水中，饮料料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想 （选填序号）
（2）为了研究猜想1和猜想2，运用了体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，4.5N和5N．然后进行如图2所示的实验。
①在序号a的实验中物所受的浮力为 N。
②比较序号 ， ，e的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
③进一步分析可知：液体的密度越大，物体所变的浮力越 ；
④比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力 关。 （3）为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图3所示的实验、由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关，小珍认为这结论
不可靠，主要原因是 。
28．（7分）在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0﹣ （选填“3”或“15”）V。 （2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）
（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为 A。
（4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。 实验次数 电压U/V 电流I/A
1 2.5
2 2.1 0.26
3 1.7 0.24
4 1.3 0.21
5 0.9 0.19
6 0.5 0.16
7 0.1 0.05
综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向 （选填“左”或“右“）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变 （选填“大”或“小”）。
（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阳器R1
的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤： ①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额； ②接着 ；
③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P= （用R0、U额，U1、U2表示）
五、计算应用题（25分）解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后容案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须写出明确数值和单位）. 29．（6分）如图是一款新研发的机器人。若机器人重为15N，与地面的接触面积是1×10
﹣3
m2，牵引力大小是I0N、机器人在水平地面上沿直线行走l0m，用时100s。求：
（1）机器人行走的平均速度； （2）机器人牵引力做的功；
（3）机器人静止时对水平面的压强。
30．（9分）如图甲是定值电阻R0和有“6V 6W”灯泡L的信息图象。将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R最大阻值为8Ω，当只闭合开关S、S1，滑片P位于
R
最右端时，灯泡
L
的实际功率为
lW．求：
（1）R0的阻值；
（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；
（3）电源电压；
（4）电路消耗的最大电功率。
31．（10分）如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。已知A的体积为1m3，密度为0.5×103kg/m3．动滑轮重为1×103N，电动机工作时拉绳子的功率为1.2×103w且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力，求： （1）A的重力；
（2）A浸没在水中受到的浮力； （3）A向下运动的最小速度；
（4）A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。
2018年广西南宁市中考物理试卷
参与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共32分）每小题只有一个选项是正确的，请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑 1．
【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体，根据导体和绝缘体的定义即可作出判断。 【解答】解：
A、橡皮擦不容易导电，属于绝缘体，故A错误；
B、铅笔芯的材料是碳，容易导电，属于导体，故B正确； C、玻璃杯不容易导电，属于绝缘体，故C错误； D、塑料尺不容易导电，属于绝缘体；故D错误。 故选：B。
【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。 2．
【分析】手影是光在传播过程中，被手阻挡而形成了影子。
【解答】解：手影是光的直线传播形成的，是光在直线传播的过程中无法绕过手而射向后面，所以形成了影子。 故选：C。
【点评】只要物体阻挡了光都会留下影子，这些影子都是光的直线传播形成的。 3．
【分析】（1）湿布是导体，擦洗正在工作的用电器，容易造成触电； （2）维修家用电器前要切断电源，以防触电；
（3）一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源； （4）当雷雨天，人如果在大树下避雨，雷电电流通过大树就会传下来。在传下来的过程
中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害； 【解答】解：A、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在工作的用电器，容易引起人体触电，故A错误；
B、检查维修家用电器时，应将电源断开，以免触电，故B正确；
C、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故C错误； D、雷雨天，人如果在大树下避雨，可能造成雷击，故D错误。 故选：B。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！ 4．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：A、三个苹果的质量约1斤=500g，一个苹果的质量在150g左右。故A不符合实际；
B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B符合实际；
C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支铅笔的长度略小于此数值，在17cm=0.17m左右。故C不符合实际； D、一节干电池的电压是1.5V．故D不符合实际。 故选：B。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。 5．
【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电压表V3测电源的电压，根据串联电路的电压特点可知电压表V3的示数。 【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2
两端的电压，电压表V3测电源的电压，
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电压表V3的示数即电源的电压为：
U3=U1+U2=2.5V+3.8V=6.3V。 故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的电压特点，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。 6．
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。 （3）声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关； （4）声音可以传递信息和能量。
【解答】解：A、老师讲课的声音是由声带振动产生的，故A正确； B、“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故B错误；
C、不同人的音色不同，因此“闻其声而知其人”是根据声音的音色来判断的，故C错误； D、医生通过听诊器给病人诊病是利用超声波可以传递信息，故D错误。 故选：A。
【点评】本题综合了声音的多个知识点，要结合相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。 7．
【分析】根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断： u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。 2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机。 u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
【解答】解：已知手机摄像头是一个凸透镜，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。 A、放大镜是利用凸透镜成正立、放大的虚像工作的。不符合题意。 B、照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的。符合题意； C、投影仪利用凸透镜成倒立、放大的实像工作的。不符合题意。
D、由显微镜成像原理知：物体经物镜折射后，成倒立放大的实像，这个像正好处在目镜
的焦点之内，又经目镜成正立、放大的虚像，此时的目镜相当于一个放大镜；不符合题意。 故选：B。
【点评】此题主要考查了对凸透镜成像规律的应用。知道当物距大于2f时成缩小、倒立的实像，并根据其制成了照相机。 8．
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：小明在上升过程中质量不变，速度变小，动能变小，同时高度升高，重力势能增大。故A正确，BCD错误。 故选：A。
【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。 9．
【分析】电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理。 【解答】解：
由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，所以“发电鞋”是利用电磁感应原理制成的； 故A正确，BCD错误。 故选：A。
【点评】本题主要考查了电磁感应原理的应用，明确“发电鞋”的工作原理是解答此题的关键。 10．
【分析】（1）水蒸发时会吸收热量；
（2）改变物体内能有两种方法，做功和热传递；
（3）水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小； （4）分子在做永不停息的无规则运动。
【解答】解：A、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度。故A正确；
B、冬天搓手取暖，两手摩擦做功，手的内能增加温度升高，说明做功可以改变内能。故B正确；
C、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小。故C错误；
D、端午粽子飘香，说明粽子的香味分子在做永不停息的无规则运动。故D正确。 故选：C。
【点评】此题考查了生活中的热现象，正确、全面理解概念和基本规律是解答的基础。 11．
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
（3）判断物体是运动还是静止，就看被研究的物体相对于参照物的位置是否发生变化； （4）电磁波能传递信息。 【解答】解：
A、单车的轮胎上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A错误；
B、单车坐垫设计为较宽，目的是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B错误；
C、以行驶的单车为参照物，路边的房屋与单车之间发生了位置变化，是运动的。故C错误；
D、GPS是通过电磁波把单车的位置信息传递给信息处理中心的，故D正确； 故选：D。
【点评】本题考查了增大摩擦的方法、减小压强的方法、运动状态的判定、电磁波的应用
等，综合性性强，难度不大，属于基础知识考查。 12．
【分析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；
（3）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变；
（4）飞机机翼上下不对称的设计，应用了流体压强与流速的关系。气体和液体称为流体，常见的流体是空气和水，流体流速大，压强小。 【解答】解：
A、飞机减速降落的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度减小，重力势能减小，动能和势能之和为机械能，所以机械能减小，故A错误；
B、物体在任何时候都有惯性，停在甲板上的飞机仍然具有惯性，故B错误； C、飞机起飞的过程中，速度越来越块，飞机的运动状态改变了，故C错误；
D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，使飞机受到一个向上的升力，故D正确。 故选：D。
【点评】本题考查了惯性现象、机械能的影响因素、流体压强与流速的关系，运动状态的判断，有一定综合性，难度不大。 13．
【分析】从图象中读出任意一组数据，根据ρ=求出两物体的密度，然后得出两者的密度之比。
【解答】解：由图象可知，当V甲=1cm3时，m甲=8g；当V乙=4cm3时，m乙=4g， 则两种物体的密度分别为：
ρ甲=
==8g/cm3，ρ乙===1g/cm3，
则ρ甲：ρ乙=8g/cm3：1g/cm3=8：1。 故选：A。
【点评】本题考查了密度比值的计算，从图象中获取有用的信息是关键。 14．
【分析】由题意可知，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，近灯光L2也亮起，说明L1与L2可以工作、互不影响即为并联，且S1位于干路，S2位于L2支路，据此分析选项得出答案。 【解答】解：
A．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；
B．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡都亮，再闭合S2时，L1不亮，故B不符合题意； C．由电路图可知，只闭合S1时，近灯光L2亮，再闭合S2时，日间行车灯L1亮，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合S1时，日间行车灯L1亮，再闭合S2时，近灯光L2亮，故D符合题意。 故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，对于该题型的题目可以根据题意找出符合要求的电路图即可。 15．
【分析】（1）分析开关闭合后电路的连接及电表测量的电压；
再分析合开关S1时电路的连接，及各表测量的量，根据电源电压不变分析电压表示数变化； （2）根据P=
，分析灯的功率变化确定灯的亮度变化；
由欧姆定律，分析A1的示数变化；
根据并联电路电流的规律，分析电流表A的示数变化。 【解答】解：
（1）开关S闭合后，电路为灯的简单电路，两电流表串联都测灯的电流，电压表测电源电压；
再闭合开关S1时，灯与电阻并联，电流表A1测灯的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表仍然测电源电压，所以电压表V的示数保持不变；
（2）灯泡两端的电压始终等于电源电压，由欧姆定律可知，通过灯泡的电流不变，即A1
的示数不变； 根据P=
可知，灯的实际功率不变，故灯的亮度不变；
根据并联电路电流的规律可知，干路电流增大，即电流表A的示数变大， 所以，发生变化的是电流表A的示数，故选C。 故选：C。
【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用和影响灯的亮度的因素，难度中等。 16．
【分析】在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F与其力臂的乘积变化情况。 【解答】解：
将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的。 故选：C。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的分析，属于基础知识。
二、填空题 17．
【分析】（1）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
（2）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
【解答】解：（1）用吸管“吸”牛奶时，吸管内气压减小，小于外界大气压，牛奶在大气压
的作用下被“吸”入口中的；
（2）吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物体的形状。 故答案为：大气压；形状。
【点评】本题考查大气压的综合应用和力的作用效果，重点考查了学生用物理知识解决实际问题的能力，把难度不大，属于基础题目。 18．
【分析】晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点。
【解答】解：海波在熔化过程中，不断吸收热量，温度不变，有固定的熔点，所以海波是晶体。
故答案为：不变；晶体。
【点评】本题考查晶体与非晶体的区别，是一道基础题。 19．
【分析】从图可知：球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的； 在平衡力的作用下，物体保持静止或做匀速直线运动。
【解答】解：因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；
因为球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥力。在这两个力的作用下地球仪保持静止，所以这两个力是一对平衡力。 故答案为：同；是。
【点评】此题考查了磁极间相互作用及二力平衡条件的应用，是一道基础题，难度不大。 20．
【分析】（1）能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；
（2）利用Q放=Vq求完全燃烧1m3的天然气放出的热量；
（3）由题知Q吸=60%×Q放，求出水吸收的热量；再根据Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少kg的水从20℃加热至80℃。
【解答】解：
（1）可燃冰、石油、煤开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源； （2）1m3天然气完全燃烧产生热量： Q放=Vq=1m3×4×107J/m3=4×107J；
（3）由题知，水吸收的热量：Q吸=60%×Q放=60%×4×107J=2.4×107J； 由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量： m=
=
≈95.2kg。
故答案为：不可；4×l07；95.2。
【点评】本题考查了学生对燃料分类、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式和密度公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。 21．
【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的极性。安培定则为：用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的方向为螺线管的N极；
（2）左侧为压敏电阻与电磁铁串联的控制电路，右侧为带动电梯运动的电动机工作电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻R1不连入，电动机两端电压增大。 【解答】解：
（1）读图可知，电流从电磁铁的上端流入，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的下方为螺线管的N极，则上端为S极；
（2）当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触，则电阻R1不连入，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快。 故答案为：S；强；大。
【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。 22．
【分析】（1）由物块A（不吸液体）漂浮在液面上，根据漂浮时F浮=G，可知A的密度和液体的密度关系；
（2）已知A的密度和体积，利用密度公式变形可求得其质量；
（3）根据求得的A的质量，利用G=mg可求得其重力，根据漂浮时F浮=G，可知其浮力大小，然后利用F浮=ρ液gV排可求得V排表达式，然后求得液面上升的高度△h，根据此时液体对容器底部压强增大了80Pa，利用p=ρg△h可求得该液体的密度。 【解答】解：（1）已知物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则F浮=G， 即ρ液gV排=ρAgVA， 因为V排＜VA， 所以ρ液＞ρA；
（2）由ρ=可得，A的质量mA=ρAVA=0.5×103kg/m3×4×10﹣4m3=0.2kg； （3）物体A漂浮在液面上，则F浮=G， 即ρ液gV排=ρAgVA， 则V排=
，
现用力压A，使其缓慢向下，则液面上升的高度△h=VA﹣V排=
=
=4×10﹣4m3﹣
此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则△p=ρ液g△h， 即
80Pa=ρ
液
，
×10N/kg×4×10
﹣
4m3
﹣
，
解得ρ液=0.9×103kg/m3。
故答案为：小于；0.2；0.9×103kg/m3。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、物体漂浮条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，这是中考必考题型，要熟练应用。
三、作图与简答题（共8分）请把答案直接填写在答题卡相同的位置上． 23．
【分析】用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G。
【解答】解：由图可知，重力的作用点在其重心上，方向是竖直向下的，表示符号为G；如图所示：
【点评】无论物体处于什么状态，物体所受重力的方向都是竖直向下的。 24．
【分析】先判断开关与灯泡的连接方式，然后再确定开关接灯泡的接线柱和接电源的火线还是零线，最后根据家庭电路的正确连接方法将灯泡和开关接入电路中。
【解答】解：开关和灯泡应该串联连接，开关接灯泡顶部的接线柱，接电源的火线，确保开关断开时，灯泡不带电，灯泡的螺旋套接电源的零线。实物图如下：
【点评】知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与电源的火线连接，知道家庭电路的正确连接方法。 25．
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）水凝固后，质量不变，密度变小，体积变大。
【解答】答：（1）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，是空气中的水蒸气遇到温度低的冰淇淋包装纸，在其表面液化为小水滴。
（2）把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间，玻璃容易破裂，是由于水凝固后体积变大，将玻璃涨破。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。明确水结冰后的体积变化；可解答此题。
四、实验与探究题（共20分）请把答案直接填写在答题卡相应的位置上 26．
【分析】（1）入射光线与法线的夹角为入射角； （2）根据表中数据可得出结论。
（3）根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。
（4）漫反射和镜面反射的特点，以及根据不同的情况应用于生活中的不同的地方。 【解答】解：（1）EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是入射光线与法线的夹角为入射角； （2）由表中数据可知，多次改变入射光线的方向，反射角等于入射角；当入射角变大时，反射角也增大，故光线OF远离直线ON。
（3）当两块硬纸板在一个平面内时，看以看到入射光线和反射光线，将硬纸板F向后折转一个角度后，看不到反射光线，由此说明入射光线、反射光线和法线在同一个平面内。
（4）黑板上的字是为了各个方向的同学都能看见，所以光照到上面是发生了漫反射。 故答案为：（1）入射角；（2）等于；远离；（3）不能；同一；（4）漫反射。
【点评】实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力，本题考查了研究光的反射定律的实验。 27．
【分析】（1）浮力是竖直向上的，根据手的感觉来感知浮力的变化；通过水面的变化来判断物体排开液体体积的关系；从而提出浮力和物体排开液体体积关系的猜想； （2）①根据称量法算出浮力；
②③根据控制变量法分析，要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开
液体的体积相同，改变液体的密度，找出符合要求的图即可，进一步分析得出结论； ④比较序号为a、b、c的三次实验的物体所受浮力的大小变化和变化的因素，得出浮力物体的重力之间的关系；
（3）利用控制变量法分析小明同学的方案，即可判断不可靠的原因。
【解答】解：（1）用手把空的饮料罐按入水中，手就会感受到竖直向上的浮力，越往下按，浮力越大，手会感到越吃力，；空饮料罐向下按入的过程中，水面会升高，空饮料罐排开水的体积比较大；由此得出猜想：浮力的大小与物体排开液体的体积有关，即这个事实可以支持猜想4。
（2）①物体的重力为G，a中弹簧测力计的示数为3N， 则物体受到的浮力为：F浮水=G﹣F=4N﹣3N=1N；
②要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开液体的体积相同，改变液体的密度，图中a、d、e三图符合要求；
③a图物体浸没在水中，受到的浮力为：F浮水=G﹣F=4N﹣3N=1N d图物体浸没在酒精中，受到的浮力为：F浮酒=G﹣F′=4N﹣3.2N=0.8N； e图中物体浸没在盐水中，受到的浮力为：F浮盐=G﹣F″=4N﹣2.8N=1.2N；
所以同一物体在盐水浮力最大、酒精中受到的浮力最小，又因为盐水的密度最大，酒精的密度最小，
所以可以得出：液体的密度越大，物体所变的浮力越大；
④序号为a、b、c的三次实验中，物体的体积和浸没的液体都相同，不同因素是物体的重力；
由图可知测力计的示数分别为：3N、3.5N、4N，而三个圆柱形物体A、B、C的重分别为4N、4.5N和5N，根据称重法F浮=G﹣F，则所受浮力分别为1N、1N、1N，可见浮力相等，于是可得结论是：浮力的大小与物体的重力无关；
（3）根据控制变量法知：要研究浮力大小与物体形状的关系，必须保证排开液体的体积和液体的密度不变，小明实验中改变了形状，但没有控制排开水的体积相同，故小珍认为小明的结论不可靠，不可靠主要原因为没有控制变量唯一（没有控制排开液体的体积相同）。
故答案为：（1）4；（2）①1；②a；d；③大；④无；（3）没有控制变量唯一。
【点评】本题考查了控制变量法在实验探究中的应用和称重法的应用，如果一个现象受到
多个因素的影响，研究其中一个因素的作用时，一定采用控制变量法，一定要注意保证其它因素是相同的。 28．
【分析】（1）根据灯的额定电压为3V确定选择的量程； （2）逐一分析每个答案，找出符合题意的选项； （3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律分析电路的总电阻越来越大，确定实验中滑动变阻器的滑片滑动的方向；
根据表中数据，由欧姆定律，R=，分别求出灯的电阻大小，据此分析回答； （5）根据P=
，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R1使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R1的滑片位置不动，只闭合R2所在支路，通过调节滑动变阻器R2使R3两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R2连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R2使连入电路中的电阻：
将R1的滑片P先调至最左端，再将R1的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R2的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=求出小灯泡额定功率。
【解答】解：（1）灯的额定电压为3V，故为了测量更精确电压表应选择的量程是0﹣3V。 （2）若小灯泡短路，灯不亮，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意； 若小灯泡断路，则电压表串联在电路中，电流表没有示数，电压表与电源连通测电源电压（不变）有示数，不符合题意； 则故障原因可能是小灯泡短路；
（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，为0.3A；
（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律，电路的总电阻越来越大，故
，
实验中滑动变阻器的滑片逐渐向左端滑动；
根据表中数据，由欧姆定律，R=，灯的电阻分别为8.3Ω、8.1Ω、7.1Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣2.0Ω，根据P=UI，灯的功率越来越小，随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变小； ①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；
②接着，保持变阻器R2的滑片位置不动，再断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变； 根据等效替代的方法，此时R2=RL；
③将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，
在③中，将R1的滑片P调至最左端，R1连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R1的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R2的电压，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：小灯泡额定功率的表达式： P=
=
﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
=
，解得，R2=
R1﹣﹣﹣﹣﹣①；
由①②得： P=
（U1﹣U2）。
故答案为：（1）3；（2）短路；（3）0.3；（4）左；小；（5）②保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变；③
（U1﹣U2）。
【点评】本题测灯的电阻，考查器材的选择、故障分析、电流表读数、影响电阻大小的因素，同时也考查利用等效替代法求电阻和设计实验方案测电功率的能力，综合性强，难度大。
五、计算应用题（25分）解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后容案，未写出主要演算过程的，不得分，答案必须写出明确数值和单位）.
29．
【分析】（1）利用速度公式求机器人行走的平均速度； （2）利用W=Fs求机器人牵引力做的功；
（3）机器人静止时对水平面的压力等于自身重力，知道受力面积，利用p=求对地面的压强。 【解答】解：
（1）机器人行走的平均速度： v==
=0.1m/s；
（2）机器人牵引力做的功： W=Fs=10N×10m=100J；
（3）机器人静止时对水平面的压力： F=G=15N，
受力面积S=1×103m2， 对地面的压强： p==
=1.5×104Pa。
答：（1）机器人行走的平均速度为0.1m/s； （2）机器人牵引力做的功为100J；
（3）机器人静止时对水平面的压强为1.5×104Pa。
【点评】本题考查了速度公式、功的公式、压强公式的应用，注意：机器人静止时对水平面的压力等于自身重力。 30．
【分析】（1）由图甲可求R0的电阻；
（2）根据Q=Pt可求灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；
（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最 值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得UL，IL，再根据欧姆定律可求R两端的电压，电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和；
（4）电路消耗的最大电功率，根据P=分析解答。
【解答】解：（1）由图甲，根据欧姆定律， R0的电阻：R0==
=10Ω；
（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量： Q=Pt=6W×100s=600J；
（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得， UL=2V，IL=0.5A，
由I=可得滑动变阻器两端的电压： UR=IR=ILR=0.5A×8Ω=4V，
电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和， U=UL+UR=2V+4V=6V； （4）根据P=
可知电路中电阻最小时，电功率最大，
电路中电阻时，滑动变阻器的滑片在最左端，R=0Ω，灯泡L与R0并联， 电路消耗的最大电功率： P=PL+P0=PL+
=6W+
=9.6W。
答：（1）R0的阻值是10Ω；
（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量是600J； （3）电源电压是6V；
（4）电路消耗的最大电功率是9.6W。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路中最大功率的确定，题目较难。 31．
【分析】（1）已知A的体积和密度可求得其质量，利用G=mg可求得其重力； （2）已知A的体积，利用F浮=ρ水gV排可求得A浸没在水中受到的浮力；
（3）由图知当绳子对物体A拉力最大时A向下运动的速度最小；对A做受力分析可得，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大：发动机对绳子的拉力F=（FP==
浮
﹣G），由
=Fv可求得绳子下运动的最小速度，然后可知A向下运动的最小速度；
=
可求得滑轮组机械效率的最
（4）由题意知A向下运动过程中，利用η=大值：
【解答】解：（1）由ρ=可得，A的质量： mA=ρAVA=0.5×103kg/m3×1m3=0.5×103kg； A的重力：
GA=mAg=0.5×103kg×10N/kg=5000N； （2）A浸没在水中V排=VA=1m3， A浸没在水中受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m3=1×104N；
（3）当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，发动机对绳子的拉力： F=（F浮﹣G+G动）=（1×104N﹣5000N+1×103N）=2000N， 由P==v绳=v==
=Fv可得，绳子端向下运动的最小速度：
=0.6m/s；
则A向下运动的最小速度v=v绳=×0.6m/s=0.2m/s；
（4）当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，A向下运动过程中的有用功： W有用=（F浮﹣G）h，
总功W总=Fs=（F浮﹣G+G动）3h=（F浮﹣G+G动）h， 滑轮组机械效率的最大值： η=
=
=
=
≈83.3%。
答：（1）A的重力为5000N；
（2）A浸没在水中受到的浮力为1×104N；
（3）A向下运动的最小速度为0.2m/s；
（4）A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值为83.3%。
【点评】本题涉及到滑轮组绳子拉力的计算、浮力的计算、滑轮组的机械效率等，考查的知识点多，用到的公式多，难点是求最大拉力，明确滑轮组有3段绳子承担，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大是关键。
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